热点强化练3 牛顿运动定律的综合应用

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热点强化练3　牛顿运动定律的综合应用

(时间：25分钟)

1.(多选)建筑工人利用轻质动滑轮提升建筑材料的情景如图1甲所示。绕过轻滑轮的轻绳一端固定，通过拉动另一端使水桶由静止开始竖直上升，两侧轻绳始终保持竖直，水桶的加速度a随水桶上升的高度h的变化关系图象如图乙所示。已知水桶及桶内材料的总质量为5 kg，重力加速度g＝10 m/s2，不计一切阻力及摩擦，以下说法正确的是(　　)

图1

A.水桶上升4 m时的速度大小为 m/s

B.水桶上升4 m时的速度大小为2 m/s

C.水桶上升4 m时，人对绳的拉力大小为55 N

D.水桶上升4 m时，人对绳的拉力大小为27.5 N

答案　AD

解析　由初速为零的匀加速直线运动规律可知v2＝2ah，结合图象面积可求得水桶上升4 m时的速度大小v＝ m/s＝ m/s，故A正确，B错误；由牛顿第二定律可知2F－mg＝ma，即F＝27.5 N，故C错误，D正确。

2.(多选)如图2所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上。一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动。小球从开始下落到小球第一次运动到最低点的过程中，下列关于小球的速度v、加速度a随时间t变化的图象中符合实际情况的是(　　)

图2

答案　AD

解析　在小球下落的开始阶段，小球做自由落体运动，加速度为g；接触弹簧后，开始时重力大于弹力，加速度方向向下，随着小球的不断下降，弹力逐渐变大，故小球做加速度减小的加速运动，某时刻加速度可减小到零，此时速度最大；小球继续下落时，弹力大于重力，加速度方向变为向上，且加速度逐渐变大，直到速度减小到零，到达最低点，由对称知识可知，到达最低点的加速度大于g，故A、D正确。

3.(2020·XX一中4月月考)如图3所示，自身重力不计的定滑轮固定在天花板上，跨过定滑轮的轻绳两端分别与A、B两物体相连，物体A质量为m，物体B质量为3m。重力加速度为g，现由静止释放物体A、B，在物体A上升、B下降的运动过程中，定滑轮对天花板的拉力为(　　)

图3

A.1.5mg B.2mg

C.3mg D.4mg

答案　C

解析　法一　隔离法

根据牛顿第二定律，对A有：F－mg＝ma，对B有：3mg－F＝3ma，联立解得加速度a＝0.5g，F＝1.5mg，因定滑轮自身重力不计，则根据平衡条件得，定滑轮对天花板的拉力FT＝2F＝2×1.5mg＝3mg，选项C正确，A、B、D错误(也可从超重或失重的角度分析)。

法二　整体法

沿轻绳方向，对A、B组成的系统应用牛顿第二定律，则有3mg－mg＝4ma，对A有：F－mg＝ma，联立解得F＝1.5mg，则根据平衡条件有FT＝2F，解得定滑轮对天花板的拉力FT＝3mg(也可以将A、B及定滑轮视为系统，对系统应用牛顿第二定律，则有4mg－FT＝3ma－ma，解得FT＝3mg)，选项C正确。

4.(2020·**_*重点学校联考)一辆货车运载着圆柱形光滑的空油桶。在车厢底，一层油桶平整排列，相互紧贴并被牢牢固定。上一层只有一只桶C，自由地摆放在A、B之间，和汽车一起保持静止，如图4所示，当C与车共同向左加速时(　　)

图4

A. A对C的支持力变大

B.B对C的支持力不变

C.当向左的加速度达到g时，C将脱离A

D.当向左的加速度达到g时，C将脱离A

答案　D

解析　对C进行受力分析，如图所示，设B对C的支持力与竖直方向的夹角为θ，根据几何关系可得sin θ＝＝，所以θ＝30°；同理可得，A对C的支持力与竖直方向的夹角也为30 内容过长，仅展示头部和尾部部分文字预览，全文请查看图片预览。＝8 kg

C.甲、乙间的动摩擦因数μ＝0.3

D.甲、乙间的动摩擦因数μ＝0.1

答案　BD

解析　由图象可知，当力F＜24 N时加速度较小，所以甲、乙相对静止。采用整体法，当F1＝24 N时a1＝3 m/s2

根据牛顿第二定律有F1＝m总a1

即图象中直线较小斜率的倒数等于甲、乙质量之和，因此可得出m总＝8 kg

当F＞24 N时，甲的加速度较大，采用隔离法，由牛顿第二定律可得F2－μm甲g＝m甲a2

即图象中较大斜率倒数等于甲的质量，较大斜率直线的延长线与纵轴的截距为－μg＝－1

因此可以得出m甲＝6 kg

因此m乙＝m总－m甲＝2 kg

μ＝＝0.1

故A、C错误，B、D正确。

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